河北省廊坊八中2012年高考物理一轮复习课时作业试题（46份）
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廊坊八中2012年高考物理一轮复习课时作业46(打包)
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廊坊八中2012年高考一轮复习课时作业
第一章 运动的描述 匀变速直线运动的研究
课时作业1 描述运动的基本概念 匀速直线运动
时间：45分钟 满分：100分
一、选择题(8×8′＝64′)
1．(2011•山东青岛训练)2008年北京奥运会已成功举办，中国代表团参加了包括田径、体操、柔道在内的所有28个大项的比赛，下列几种奥运比赛项目中的研究对象可视为质点的是( )
A．在撑竿跳高比赛中研究运动员手中的支撑杆在支撑地面过程中的转动情况时
B．帆船比赛中确定帆船在大海中的位置时
C．跆拳道比赛中研究运动员的动作时
D．铅球比赛中研究铅球被掷出后在空中的飞行时间时
解析：撑竿跳高中的运动员的动作和支撑杆的转动情况对比赛结果影响极大，不能视为质点；同理，跆拳道比赛中运动员的动作对比赛结果影响也很大，不能视为质点．其余两项可视为质点．
答案：BD
2．关于位移和路程，下列说法中正确的是( )
A．物体沿直线向某一方向运动，通过的路程就是位移
B．物体沿直线向某一方向运动，通过的路程等于位移的大小
C．物体通过一段路程，其位移可能为零
D．物体通过的路程不等，但位移可能相同
解析：位移是矢量，路程是标量，不能说这个标量就是这个矢量，所以A错，B正确．路程是物体运动轨迹的实际长度，而位移是从物体运动的起始位置指向终止位置的有向线段，如果物体做的是单向直线运动，路程就和位移的大小相等．如果物体在两位置间沿不同的轨迹运动，它们的位移相同，路程可能不同．如果物体从某位置开始运动，经一段时间后回到起始位置，位移为零，但路程不为零，所以，BCD正确．
答案：BCD
3．如图1所示是汽车中的速度计，某同学在汽车中观察速度计指针位置的变化．开始时指针指示在如左图所示的位置，经过7 s后指针指示在如右图所示位置．若汽车做匀变速直线运动，那么它的加速度约为( )
图1
A．7.1 m/s2 B．5.7 m/s2
C．1.6 m/s2 D．2.6 m/s2
解析：a＝vt－v0t＝60－207×3.6 m/s2＝1.6 m/s2.
答案：C
4．一质点沿直线Ox方向做变速运动，它离开O点的距离随时间变化的关系为x＝5＋2t3(m)，它的速度随时间t变化关系为v＝6t2(m/s)．该质点在t＝0到t＝2 s间的平均速度和t＝2 s到t＝3 s间的平均速度大小分别为( )
A．12 m/s,39 m/s B．8 m/s,38 m/s
C．12 m/s,19.5 m/s D．8 m/s,12 m/s
解析：平均速度v＝Δxt，t＝0时，x0＝5 m；t＝2 s时，x2＝21 m；t＝3 s时，x3＝59 m．故v1＝x2－x02 s＝8 m/s，v2＝x3－x21 s＝38 m/s.
答案：B
5．我国运动员刘翔获得雅典奥运会110米跨栏冠军，成绩是12′91″，在男子110米跨栏中夺得金牌，实现了我国在短跑中多年的梦想，是世界第一，为亚洲争了光，更为中国争光．刘翔之所以能够取得冠军，取决于他在110米中的( )
A．起跑时的加速度大 B．平均速度大
C．撞线时的即时速度大 D．某时刻的即时速度大
解析：径赛中的成绩是以相同距离所用时间来确定的，时间短则成绩好．距离→时间→平均速度，即平均速度越大，运动时间越短，选B.有的学生可能会选A或C，特别是C项，因为人们一般只看最后谁先到达终点，只以冲刺速度决胜负．
答案：B
6．(2011•济南模拟)有下列几种情景，请根据所学知识选择对情景的分析和判断正确的说法( )
①点火后即将升空的火箭
②高速公路上沿直线高速行驶的轿车为避免事故紧急刹车
廊坊八中2012年高考一轮复习课时作业
第三章 牛顿运动定律
课时作业8 牛顿运动定律
时间：45分钟 满分：100分
一、选择题(8×8′＝64′)
1．16世纪末，伽利略用实验和推理，推翻了已在欧洲流行了近两千年的亚里士多德关于力和运动的理论，开启了物理学发展的新纪元．在以下说法中，与亚里士多德观点相反的是( )
A．四匹马拉的车比两匹马拉的车跑得快；这说明，物体受的力越大，速度就越大
B．一个运动的物体，如果不再受力了，它总会逐渐停下来；这说明，静止状态才是物体不受力时的“自然状态”
C．两物体从同一高度自由下落，较重的物体下落较快
D．一个物体维持匀速直线运动，不需要力
解析：牛顿第一定律指出力是改变物体运动状态的原因，而不是维持运动状态的原因．A、B、C都是亚里士多德的观点，都是说力是维持物体运动的原因．D中的说法与亚里士多德的观点相反．
答案：D
2．在一艘匀速向北行驶的轮船甲板上，一运动员做立定跳远，若向各个方向都用相同的力，则相对地面跳最远的是( )
A．向北跳最远
B．向南跳最远
C．向东向西跳一样远，但没有向南跳远
D．无论向哪个方向都一样远
解析：运动员起跳后，因惯性其水平方向还具有与船等值的速度．因此应选答案A.
答案：A
图1
3．在平直轨道上，匀速向右行驶的封闭车厢内，悬挂着一个带滴管的盛油容器，滴管口正对车厢地板上的O点，如图1所示，当滴管依次滴下三滴油时，设这三滴油都落在车厢的地板上，则下列说法中正确的是( )
A．这三滴油依然落在OA之间，而且后一滴比前一滴离O点远些
B．这三滴油依然落在OA之间，而且后一滴比前一滴离O点近些
C．这三滴油依然落在OA之间同一位置上
D．这三滴油依然落在O点上
答案：D
4．汽车拉着拖车在平直的公路上运动，下面的说法正确的是( )
A．汽车能拉着拖车向前是因为汽车对拖车的拉力大于拖车拉汽车的拉力
B．汽车先对拖车施加拉力，然后才产生拖车对汽车的拉力
C．匀速前进时，汽车对拖车的拉力等于拖车向后拉汽车的力；加速前进时，汽车向前拉拖车的力大于拖车向后拉汽车的力
D．加速前进时，是因为汽车对拖车的拉力大于地面对拖车的摩擦阻力；汽车加速是因为地面对汽车向前的作用力(牵引力)大于拖车对它的拉力
解析：汽车对拖车的拉力与拖车对汽车的拉力是一对作用力和反作用力，二者一定等大、反向、分别作用在拖车和汽车上，故A错．作用力和反作用力总是同时产生、同时变化、同时消失，故B错．不论汽车匀速运动还是加速运动，作用力和反作用力总相等，故C错．拖车加速前进是因为汽车对拖车的拉力大于地面对拖车的摩擦阻力(包括其他阻力)，汽车能加速前进是因为地面对汽车向前的作用力大于拖车对它向后的拉力，符合牛顿第二定律，故D选项正确．
答案：D
图2
廊坊八中2012年高考一轮复习课时作业
课时作业14 万有引力与天体运动
时间：45分钟 满分：100分
一、选择题(8×8′＝64′)
1．(2010•课标全国理综)太阳系中的8大行星的轨道均可以近似看成圆轨道．下列4幅图是用来描述这些行星运动所遵从的某一规律的图象．图中坐标系的横轴是lg(T/T0)，纵轴是lg(R/R0)；这里T和R分别是行星绕太阳运动的周期和相应的圆轨道半径，T0和R0分别是水星绕太阳运行的周期和相应的圆轨道半径．下列4幅图中正确的是( )
解析：由开普勒第三定律R3T2＝k(常数)可知，(RR0)3＝(TT0)2，两边取对数可得3lg(RR0)＝2lg(TT0)，即lg(RR0)＝23lg(TT0)，选项B正确．
答案：B
2．(2009•上海单科)牛顿以天体之间普遍存在着引力为依据，运用严密的逻辑推理，建立了万有引力定律．在创建万有引力定律的过程中，牛顿( )
A．接受了胡克等科学家关于“吸引力与两中心距离的平方成反比”的猜想
B．根据地球上一切物体都以相同加速度下落的事实，得出物体受地球的引力与其质量成正比，即F∝m的结论
C．根据F∝m和牛顿第三定律，分析了地、月间的引力关系，进而得出F∝m1、m2
D．根据大量实验数据得出了比例系数G的大小
解析：由物理学史可知，选项A、B、C正确；比例常数G是万有引力定律发现100多年以后，英国人卡文迪许利用扭秤测出的，选项D错误．
答案：ABC
3．(2009•宁夏、辽宁理综)地球和木星绕太阳运行的轨道都可以看做是圆形的．已知木星的轨道半径约为地球轨道半径的5.2倍，则木星与地球绕太阳运行的线速度之比约为( )
A．0.19 B．0.44
C．2.3 D．5.2
解析：由GMmr2＝mv2r得：v＝GMr，故v木v地＝r地r木＝15.2≈0.44，B正确．
答案：B
4．据报道，最近在太阳系外发现了首颗“宜居”行星，其质量约为地球质量的6.4倍，一个在地球表面重力为600 N的人在这个行星表面的重力将变为960 N．由此可推知，该行星的半径与地球半径之比约为( )
A．0.5 B．2
C．3.2 D．4
解析：设地球质量为M地，半径为R地，“宜居”行星质量为M，半径为R，则人在地球GM地mR地2＝mg＝600 N
人在“宜居”行星GMmR2＝mg′＝960 N
其中M＝6.4M地，由以上两式相比得RR地＝2.所以B正确．
答案：B
5．土星周围有美丽壮观的“光环”，组成环的颗粒是大小不等，线度从1 μm到10 m的岩石、尘埃，类似于卫星，它们与土星中心的距离从7.3×104 km延伸到1.4×105 km.已知环的外缘颗粒绕土星做圆周运动的周期约为14 h，引力常量为6.67×10－11 N•m2/kg2，则土星的质量约为(估算时不考虑环中颗粒间的相互作用)( )
A．9.0×1016 kg B．6.4×1017 kg
C．9.0×1025 kg D．6.4×1026 kg
解析：GMmr2＝m(2πT)2r，M＝4π2r3GT2
＝4π21.4×10836.67×10－11×14×36002 kg＝6.4×1026 kg.
所以D选项正确．
答案：D
6．万有引力定律首次揭示了自然界中物体间一种基本相互作用的规律．以下说法正确的是( )
A．物体的重力不是地球对物体的万有引力引起的
B．人造地球卫星离地球越远，受到地球的万有引力越大
C．人造地球卫星绕地球运动的向心力由地球对它的万有引力提供
廊坊八中2012年高考一轮复习课时作业
课时作业23 闭合电路欧姆定律
时间：45分钟 满分：100分
一、选择题(8×8′＝64′)
1．一电池外电路断开时的路端电压为3 V，接上8 Ω 的负载电阻后路端电压降为2.4 V，则可以判定电池的电动势E和内阻r为( )
A．E＝2.4 V，r＝1 Ω
B．E＝3 V，r＝2 Ω
C．E＝2.4 V，r＝2 Ω
D．E＝3 V，r＝1 Ω
解析：因为电路断开时路端电压为3 V，所以E＝3 V
当R＝8 Ω时，U＝2.4 V，所以I＝UR＝2.48 A＝0.3 A
E＝U＋Ir，所以r＝2 Ω.
答案：B
图1
2．如图1中，电阻R1、R2、R3的阻值相等，电池的内阻不计，开关接通后流过R2的电流是K接通前的( )
A.12 B.23
C.13 D.14
解析：由串、并联知识可得，在K没有接通时，R1、R2串联，I1＝E2R
在K接通后，R2、R3并联，再跟R1串联
I2′＝12I2＝12•ER＋R2＝12•2E3R＝E3R
由I2′I1＝E3RE2R＝23，所以B选项正确．
答案：B
图2
3．在图2所示电路中E为电源，其电动势E＝9.0 V，内阻可忽略不计；AB为滑动变阻器，其电阻R＝30 Ω；L为一小灯泡．其额定电压U＝6.0 V，额定功率P＝1.8 W；K为电键．开始时滑动变阻器的触头位于B端，现在接通电键 K，然后将触头缓慢地向A端滑动，当到达某一位置C处时，小灯泡刚好正常发光，则CB之间的电阻应为( )
A．10 Ω B．20 Ω
C．15 Ω D．5 Ω
解析：本题中小灯泡正好正常发光，说明此时小灯泡达到额定电流I额＝P/U＝1.8/6.0 A＝0.3 A，两端电压达到额定电压U额＝6.0 V，而小灯泡和电源、滑动电阻AC串联，则电阻AC的电流与小灯泡的电流相等，则
RAC＝UACIAC＝E－ULIAC＝9.0－6.00.3 Ω＝10 Ω，RCB＝R－RAC＝(30－10) Ω＝20 Ω，所以B选项正确．
答案：B
图3
4．在如图3所示的电路中，当变阻器R3的滑动头P由a端向b端移动时( )
A．电压表示数变大，电流表示数变小
B．电压表示数变小，电流表示数变大
C．电压表示数变大，电流表示数变大
D．电压表示数变小，电流表示数变小
解析：首先将 理想化处理，简化电路，R2与R3并联后与R1串联，当滑动头P向b端移动时，R3阻值变小，R2、R3并联部分总电阻变小，据串联分压原理，R1和内电阻上电压增大，R2、R3并联部分电压变小，由此可得：外电路上总电压变小，电压表示数变小；R2上电流变小，但干路总电流变大，因此R3上电流变大，电流表示数变大．正确选项为B.少数考生没有将电流表和电压表进行理想化处理，由于电路结构较复杂，分析时产生失误．少数考生审题不严，误将滑动头P上移动理想为R3阻值变大，导致错误．
答案：B
5.
图4
如图4所示的电路中，闭合电键，灯L1、L2正常发光．由于电路出现故障，突然发现灯L1变亮，灯L2变暗，电流表的读数变小．根据分析，发生的故障可能是( )
A．R1断路 B．R2断路
C．R3短路 D．R4短路
解析：等效电路如图5所示，若R1断路，总外电阻变大，总电流减小，路端电压变大廊坊八中2012年高考一轮复习课时作业
课时作业25 磁场对运动电荷的作用
时间：45分钟 满分：100分
一、选择题(8×8′＝64′)
图1
1．如图1所示，匀强磁场的方向垂直纸面向里，一带电微粒从磁场边界d点垂直于磁场方向射入，沿曲线dpa打到屏MN上的a点，通过pa段用时为t，若该微粒经过p点时，与一个静止的不带电微粒碰撞并结合为一个新微粒，最终打到屏MN上．两个微粒所受重力均忽略．新微粒运动的( )
A．轨迹为pb，至屏幕的时间将小于t
B．轨迹为pc，至屏幕的时间将大于t
C．轨迹为pb，至屏幕的时间将等于t
D．轨迹为pa，至屏幕的时间将大于t
解析：碰撞过程其动量守恒，所以碰撞前后动量不变．由r＝mvqB知，微粒的轨道半径不变，故其轨迹仍为pa，但由于碰后其运动速率比原来小，所以至屏幕时间将大于t.
答案：D
2．质子(p)和α粒子以相同的速率在同一匀强磁场中做匀速圆周运动，轨道半径分别为Rp和Rα，周期分别为Tp和Tα.则下列选项正确的是( )
A．Rp∶Rα＝1∶2 Tp∶Tα＝1∶2
B．Rp∶Rα＝1∶1 Tp∶Tα＝1∶1
C．Rp∶Rα＝1∶1 Tp∶Tα＝1∶2
D．Rp∶Rα＝1∶2 Tp∶Tα＝1∶1
解析：由洛伦兹力提供向心力，则qvB＝mv2R，R＝mvqB，由此得：RpRα＝mpqp•qαmα＝mq•2q4m＝12
由周期T＝2πmqB得：TpTα＝mpqp•qαmα＝RpRα＝12，故A选项正确．
答案：A
图2
3．如图2所示，水平导线中有电流I通过，导线正下方的电子初速度的方向与电流I的方向相同，则电子将( )
A．沿路径a运动，轨迹是圆
B．沿路径a运动，轨迹半径越来越大
C．沿路径a运动，轨迹半径越来越小
D．沿路径b运动，轨迹半径越vBq知B减小，r越来越大，故电子的径迹是a.
图3
答案：B
4．如图3所示是电视机中显像管的偏转线圈示意图，它由绕在磁环上的两个相同的线圈串联而成，线圈中通有如图3所示方向的电流．当电子束从纸里经磁环中心向纸外射来时(图中用符号“•”表示电子束)．它将( )
A．向上偏转 B．向下偏转
C．向右偏转 D．向左偏转
解析：由右手定则判断在偏转线圈内部存在水平向左的磁场，再由左手定则判定电子束向上偏转．
答案：A
5．如图4所示，在半径为R的圆形区域内有匀强磁场．在边长为2R的正方形区域里也有匀强磁场，两个磁场的磁感应强度大小相同．两个相同的带电粒子以相同的速率分别从M、N两点射入匀强磁场．在M点射入的带电粒子，其速度方向指向圆心；在N点射入的带电粒子，速度方向与边界垂直，且N点为正方形边长的中点，则下列说法正确的是( )
图4
A．带电粒子在磁场中飞行的时间可能相同
B．从M点射入的带电粒子可能先飞出磁场
C．从N点射入的带电粒子可能先飞出磁场
D．从N点射入的带电粒子不可能比M点射入的带电粒子先飞出磁场
图5
解析：画轨迹草图如图5所示，容易得出粒子在圆形磁场中的轨迹长度(或轨迹对应的圆心角)不会大于在正方形磁场中的，故A、B、D正确．
答案：ABD
6．如图6所示，在屏MN的上方有磁感应强度为B的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里．P为屏上的一小孔，PC与MN垂直．一群质量为m 、带电荷量为－q的粒子(不计重力)，以相同的速率v，从P处沿垂直于磁场的方向射入磁场区域．粒子入射方向在与磁场B垂直的平面廊坊八中2012年高考一轮复习课时作业
课时作业46 核反应 核能
时间：45分钟 满分：100分
一、选择题(8×8′＝64′)
1．在下列四个方程中，x1、x2、x3和x4各代表某种粒子．
①92235U＋01n→3895Sr＋54138Xe＋3x1
②12H＋x2→23He＋01n
③92238U→90234Th＋x3
④1224Mg＋24He→1327Al＋x4
以下判断正确的是( )
A．x1是中子 B．x2是质子
C．x3是α粒子 D．x4是氘核
解析：根据质量数和电荷数守恒可知，x1是中子，x2是氘核，x3是α粒子，x4是质子．
答案：AC
2．激光中子是由一重原子核吸收一光子后发射一中子而产生的，光子的极限能量大约是10 MeV.假定中子从原子核上向外移开距离10－13 cm所受的力保持不变，则中子与原子核间的作用力的数量级是( )
A．10－3N B．10 N
C．103N D．无法计算
解析：10 MeV＝1.6×10－12J，而根据功的知识，f＝1.6×10－1210－15 N＝1.6×103N，比较接近C项．
答案：C
3．(2011•广东模拟)“轨道电子俘获”也是放射性同位素衰变的一种形式，它是指原子核(称为母核)俘获一个核外电子，其内部一个质子变为中子，从而变成一个新核(称为子核)，并且放出一个中微子的过程．中微子的质量极小，不带电，很难被探测到，人们最早是通过子核的反冲而间接证明中微子的存在的．关于一个静止的母核发生“轨道电子俘获”，衰变为子核并放出中微子，下面的说法中不正确的是( )
A．子核的动量与中微子的动量相同
B．母核的电荷数大于子核的电荷数
C．母核的质量数等于子核的质量数
D．子核的动能大于中微子的动能
解析：子核的动量与中微子的动量大小相等，方向相反，由p＝2mEk可知，子核的动能小于中微子的动能，母核的电荷数等于子核的电荷数，中微子的质量极小，质量数为零．
答案：ABD
4．静止在匀强磁场中的 92238U核，发生α衰变后生成Th核，衰变后的α粒子速度方向垂直于磁场方向，则以下结论中正确的是( )
①衰变方程可表示为： 92238U＝ 90234Th＋24He
②衰变后的Th核和α粒子的轨迹是两个内切圆，轨道半径之比为1∶45
③Th核和α粒子的动能之比为2∶117
④若α粒子转了117圈，则Th核转了90圈
A．①③ B．②④
C．①② D．③④
解析：衰变过程不可逆，不能用等号；衰变后的Th核和α粒子的轨迹是两个外切圆，
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