约7030字。

　　命题点2  闭合电路的动态变化分析、电容分析及故障分析
　　本类考题解答锦囊
　　解答“闭合电路的动态变化分析电容分析及故障分析”一类试题，应掌握以下内容：
　　用控制变量的思路(电源、电动势、内阻不变)，按局部一整体一局部顺序分析；直流电不通过电容器，故接电容器处相当于断开；电路故障无非两种：断路和短路．
　　I    高考最新热门题
　　1   (典型例题)在如图20-2-1所示电路中，当变阻器R3的滑动头p向b端移动时
　　A.电压表示数变大.电流表示数变小    B．电压表示数变小，电流表示数变大
　　C.电压表示数变大，电流表示数变大    D．电压表示数变小，电流表示数变小
　　命题目的与解题技巧：本题考查考生分析电路结构，对各部分电流电压变化的分析推理能力．
　　[解析]  当R3的滑动头P向b端移动时，R2接入电路的电阻将减小，整个电路的外电阻R将减小．根据闭合电路的欧姆定律I=         知，电路中的总电流I将增大，由于内电阻r不变，则内电压U，增大，外电压U将减小，所以电压表的示数变小．又因为流过R1电阻的电流I增大，则U1增大，而电阻R2两端的电压为U2=U-U1，则U2将减小．由I2=  知，流过R2电阻的电流I2将减小．再根据分流关系I3=I-I2可知，流过R3的电流I3将增大，所以电流表示数变大．故B项对．
　　[答案]  B
　　2   (典型例题)在如图20-2-2所示的电路中．R1、R2、R3 和R4皆为定值电阻，R5为可变电阻电源的电动势为E，内阻为r.设电流表A的读数为I，电压表V的读数为U.当Rs的滑动触点向图中a端移动时
　　A.I变大，U变小    B．I变大，U变大     
　　C.I变小，U变大    D．I变小，U变小
　　答案: D  指导：根据电路分析，当只，的滑动触点向图中。端移动对，只：接人电路的电阻减小，则整个电路的总电阻R减小，由闭合电路的欧姆定律I= 知，电路的总电流I增大，内电压U′=IR，U′将增大，外电压U=E-U′，U将减小，则电压表V的读数将减小：又U=U1+U3+U并，而U1、U3随总电流的增大而增大，则U并将减小，由I2= 知将减小，则电流表A的读数将减小，故D项对．
　　3  (典型例题)在图20-2-3所示的电路中，电源的电动势ε=3.0V，内阻r= 1.0 ；电阻R1=10 ，R2=10 ，R3=30 ，R4=35 ；电容器的电容C=100μF，电容器原来不带电，求接通电键S后流过R4的总电量．
　　答案:2．0×10-4C  指导：分析电路图可知，外电路的直流通路由三个电阻组成，R2：与R3串联再与R1并联，当S接通后，电容器两端的电压从始逐渐增大直至最终稳定，在这个过程中电容器充电，电量逐渐增大，这些电量必然流过电阻R4，电容器最终的电压U′等于电阻R3两端的电压U3最终的电量也是流过电阻R4的总电量为Q=CU′，所以求出电阻R3两端的电压U3是解决本题的关键．由电阻的串并联公式，得闭合电路的总电阻为
　　+R，由欧姆定律得，通过电I= 电源端电压U= -IR
　　电 阻R3两端的电压U′=
　　通过R3的总电量就是电容器的电量Q=CU′，由以上各式并代入数据解得Q=2．0×10-4C
　　4   (典型例题)如图20-2-4所示的电路中，闭合电键，灯L1、L2，正常发光，由于电路出现故障，突然发现灯L1变亮，灯L2变暗,电流表的读数变小，根据分析，发生的故障可能是
　　A.R1断路    B.R2断路   C.R3短路    D.R4短路
　　答案: A  指导：本题考查学生查找电路故障过程中分析推理的能力．画出等效电路如D  20-3所示，当R1断路时，ab两点间的电阻将增大，由串联分压可知，ab两点间的电压将增大， L1灯变亮，bc两点间的电压将减小，L2，灯变暗；电阻R2、R3、 R4没有变化，则通过电流表的电流随bc间电压的减小而减小，故A项对，当R2断路时，bc间的电阻将增大，bc间的电压将增大，L2灯变亮，bc间的电阻将增大，bc间的电压将增大，L2灯变亮，故B项错，当R3短路时，bc间的电阻将减小， bc间的电压将减小，L2灯变暗；ab两点间的电压将增大，L1灯